LeetCode 200. 岛屿数量
给你一个由 1
(陆地)和 0
(水)组成的的二维网格,请你计算网格中岛屿的数量。
岛屿总是被水包围,并且每座岛屿只能由水平方向和/或竖直方向上相邻的陆地连接形成。
此外,你可以假设该网格的四条边均被水包围。
示例 1:
输入:grid = [
["1","1","1","1","0"],
["1","1","0","1","0"],
["1","1","0","0","0"],
["0","0","0","0","0"]
]
输出:1
method: DFS
每次遍历到一个1,说明碰到了一个陆地,计数增加,同时把它及其相邻的陆地都变成0
void dfs(vector<vector<char>>& grid, int i, int j) {
if (i < 0 || i >= grid.size() || j < 0 || j >= grid[0].size() || grid[i][j] != '1')
return;
grid[i][j] = '0'; // 碰到1就变成0
dfs(grid, i - 1, j);
dfs(grid, i + 1, j);
dfs(grid, i, j - 1);
dfs(grid, i, j + 1);
}
int numIslands(vector<vector<char>>& grid) {
int res = 0;
for (int i = 0; i < grid.size(); i++) {
for (int j = 0; j < grid[0].size(); j++) {
if (grid[i][j] == '1') {
dfs(grid, i, j);
res++;
}
}
}
return res;
}
LeetCode 463. 岛屿的周长
给定一个 row x col
的二维网格地图 grid
,其中:grid[i][j] = 1
表示陆地, grid[i][j] = 0
表示水域。
网格中的格子 水平和垂直 方向相连(对角线方向不相连)。整个网格被水完全包围,但其中恰好有一个岛屿(或者说,一个或多个表示陆地的格子相连组成的岛屿)。
岛屿中没有“湖”(“湖” 指水域在岛屿内部且不和岛屿周围的水相连)。格子是边长为 1 的正方形。网格为长方形,且宽度和高度均不超过 100 。计算这个岛屿的周长。
示例 1:
输入:grid = [[0,1,0,0],[1,1,1,0],[0,1,0,0],[1,1,0,0]]
输出:16
解释:它的周长是上面图片中的 16 个黄色的边
method
查看某个陆地的四周是否是边界或湖泊,是的话就可以累加到周长
int next[4][2] = {{-1, 0}, {1, 0}, {0, -1}, {0, 1}};
int islandPerimeter(vector<vector<int>>& grid) {
int m = grid.size(), n = grid[0].size();
int res = 0;
for (int i = 0; i < m; i++) {
for (int j = 0; j < n; j++) {
if (grid[i][j]) {
int cnt = 0;
for (int k = 0; k < 4; k++) {
int nx = i + next[k][0];
int ny = j + next[k][1];
if (nx < 0 || nx >= m || ny < 0 || ny >= n || !grid[nx][ny])
cnt++;
}
res += cnt;
}
}
}
return res;
}
LeetCode 695. 岛屿的最大面积
给你一个大小为 m x n
的二进制矩阵 grid
。
岛屿 是由一些相邻的 1 (代表土地) 构成的组合,这里的「相邻」要求两个 1 必须在 水平或者竖直的四个方向上 相邻。你可以假设 grid
的四个边缘都被 0(代表水)包围着。
岛屿的面积是岛上值为 1 的单元格的数目。
计算并返回 grid
中最大的岛屿面积。如果没有岛屿,则返回面积为 0 。
示例 1:
输入:grid = [[0,0,1,0,0,0,0,1,0,0,0,0,0],[0,0,0,0,0,0,0,1,1,1,0,0,0],[0,1,1,0,1,0,0,0,0,0,0,0,0],[0,1,0,0,1,1,0,0,1,0,1,0,0],[0,1,0,0,1,1,0,0,1,1,1,0,0],[0,0,0,0,0,0,0,0,0,0,1,0,0],[0,0,0,0,0,0,0,1,1,1,0,0,0],[0,0,0,0,0,0,0,1,1,0,0,0,0]]
输出:6
解释:答案不应该是 11 ,因为岛屿只能包含水平或垂直这四个方向上的 1 。
method
带返回值的递归,每次递归都返回一个结果,最终累加到最开始的地方
int next[4][2] = {{-1, 0}, {1, 0}, {0, -1}, {0, 1}};
int dfs(vector<vector<int>>& grid, int x, int y) {
int cnt = 1;
grid[x][y] = 0;
for (int k = 0; k < 4; k++) {
int nx = x + next[k][0];
int ny = y + next[k][1];
if (nx >= 0 && nx < grid.size() && ny >= 0 && ny < grid[0].size() && grid[nx][ny]) {
cnt += dfs(grid, nx, ny);
}
}
return cnt;
}
int maxAreaOfIsland(vector<vector<int>>& grid) {
int res = 0;
for (int i = 0; i < grid.size(); i++) {
for (int j = 0; j < grid[0].size(); j++) {
if (grid[i][j]) {
res = max(res, dfs(grid, i, j));
}
}
}
return res;
}
LeetCode 1020. 飞地的数量
给你一个大小为 m x n
的二进制矩阵 grid
,其中 0 表示一个海洋单元格、1 表示一个陆地单元格。
一次 移动 是指从一个陆地单元格走到另一个相邻(上、下、左、右)的陆地单元格或跨过 grid 的边界。
返回网格中 无法 在任意次数的移动中离开网格边界的陆地单元格的数量。
示例 1:
输入:grid = [[0,0,0,0],[1,0,1,0],[0,1,1,0],[0,0,0,0]]
输出:3
解释:有三个 1 被 0 包围。一个 1 没有被包围,因为它在边界上。
method
先把边缘上的陆地块变成海洋,然后统计剩下的陆地块数量
int next[4][2] = {{-1, 0}, {1, 0}, {0, -1}, {0, 1}};
void dfs(vector<vector<int>>& grid, int x, int y) {
if (x < 0 || x >= grid.size() || y < 0 || y >= grid[0].size() || !grid[x][y]) return;
grid[x][y] = 0;
for (int k = 0; k < 4; k++) {
int nx = x + next[k][0];
int ny = y + next[k][1];
dfs(grid, nx, ny);
}
}
int numEnclaves(vector<vector<int>>& grid) {
int m = grid.size(), n = grid[0].size();
for (int i = 0; i < m; i++) {
dfs(grid, i, 0);
dfs(grid, i, n - 1);
}
for (int j = 0; j < n; j++) {
dfs(grid, 0, j);
dfs(grid, m - 1, j);
}
int cnt = 0;
for (int i = 0; i < m; i++) {
for (int j = 0; j < n; j++) {
cnt += grid[i][j];
}
}
return cnt;
}
LeetCode 1254. 统计封闭岛屿的数目
二维矩阵 grid
由 0
(土地)和 1
(水)组成。岛是由最大的4个方向连通的 0
组成的群,封闭岛是一个 完全 由1包围(左、上、右、下)的岛。
请返回 封闭岛屿 的数目。
示例 1:
输入:grid = [[1,1,1,1,1,1,1,0],[1,0,0,0,0,1,1,0],[1,0,1,0,1,1,1,0],[1,0,0,0,0,1,0,1],[1,1,1,1,1,1,1,0]]
输出:2
解释:
灰色区域的岛屿是封闭岛屿,因为这座岛屿完全被水域包围(即被 1 区域包围)。
method
先把在边界上的陆地都去掉,剩下的就是被水域围起来的陆地
int m, n;
int next[4][2] = {{-1, 0}, {1, 0}, {0, -1}, {0, 1}};
void dfs(vector<vector<int>>& grid, int x, int y) {
grid[x][y] = 1;
for (int k = 0; k < 4; k++) {
int nx = x + next[k][0];
int ny = y + next[k][1];
if (nx >= 0 && nx < m && ny >= 0 && ny < n && grid[nx][ny] == 0) {
dfs(grid, nx, ny);
}
}
}
int closedIsland(vector<vector<int>>& grid) {
m = grid.size(), n = grid[0].size();
for (int i = 0; i < m; i++) {
if (grid[i][0] == 0) dfs(grid, i, 0);
if (grid[i][n - 1] == 0) dfs(grid, i, n - 1);
}
for (int j = 0; j < n; j++) {
if (grid[0][j] == 0) dfs(grid, 0, j);
if (grid[m - 1][j] == 0) dfs(grid, m - 1, j);
}
int cnt = 0;
for (int i = 1; i < m - 1; i++) {
for (int j = 1; j < n - 1; j++) {
if (grid[i][j] == 0) {
cnt++;
dfs(grid, i, j);
}
}
}
return cnt;
}
LeetCode 694. 不同岛屿的数量
给定一个非空 01 二维数组表示的网格,一个岛屿由四连通(上、下、左、右四个方向)的 1
组成,你可以认为网格的四周被海水包围。
请你计算这个网格中共有多少个形状不同的岛屿。两个岛屿被认为是相同的,当且仅当一个岛屿可以通过平移变换(不可以旋转、翻转)和另一个岛屿重合。
示例 1:
11000
11000
00011
00011
给定上图,返回结果 1
。
示例 2:
11011
10000
00001
11011
给定上图,返回结果 3
。
method
相同形状的岛屿,其dfs的顺序是一样的,如果用1234分别表示上左下右,就可以将其遍历顺序转成字符串记录下来,再去重就行
10
11
一开始进来的为0,遍历顺序是先往下,再往右,然后右的回溯,下的回溯,所以顺序是"0.3.4.-4.-3.0."
int next[4][2] = {{0, 1}, {0, -1}, {1, 0}, {-1, 0}};
void dfs(vector<vector<int>>& grid, int x, int y, int dir, string& str) {
if (x < 0 || x >= grid.size() || y < 0 || y >= grid[0].size() || !grid[x][y]) return;
grid[x][y] = 0;
str += to_string(dir) + ".";
for (int k = 0; k < 4; k++) {
int nx = x + next[k][0];
int ny = y + next[k][1];
dfs(grid, nx, ny, k + 1, str);
}
str += to_string(-dir) + ".";
}
int numDistinctIslands(vector<vector<int>>& grid) {
unordered_set<string> st;
for (int i = 0; i < grid.size(); i++) {
for (int j = 0; j < grid[0].size(); j++) {
string str;
dfs(grid, i, j, 0, str);
st.insert(str);
}
}
return st.size();
}
LeetCode 711. 不同岛屿的数量 II
给定一个 m x n
二进制数组表示的网格 grid
,一个岛屿由 四连通 (上、下、左、右四个方向)的 1
组成(代表陆地)。你可以认为网格的四周被海水包围。
如果两个岛屿的形状相同,或者通过旋转(顺时针旋转 90°,180°,270°)、翻转(左右翻转、上下翻转)后形状相同,那么就认为这两个岛屿是相同的。
返回这个网格中形状 不同 的岛屿的数量 。
示例 1:
输入: grid = [[1,1,0,0,0],[1,0,0,0,0],[0,0,0,0,1],[0,0,0,1,1]]
输出: 1
解释: 这两个是相同的岛屿。因为我们通过 180° 旋转第一个岛屿,两个岛屿的形状相同。
method
上一题只考虑平移,这题还要考虑旋转和翻转
对于一个坐标(x,y)
,逆时针旋转90度得到(-y,x)
,旋转180度得到(-y,-x)
,旋转270度得到(y,-x)
对于一个坐标(x,y)
,关于x轴对称得到(x,-y)
,关于y轴对称得到(x,-y)
,关于原点对称得到(-x,-y)
所以考虑8种情况
(x, y) (x, -y) (-x, y) (-x, -y)
(y, x) (y, -x) (-y, x) (-y, -x)
对于一块岛屿得到的遍历顺序,分别计算出对应的这8种情况,取最大的那种加入集合中,后面如果出现相同的就去重了
针对平移的情况,可以将每个岛屿用一个矩形框住,取左上角为(0,0)
,进行归一化
set<string> st;
void dfs(vector<vector<int>>& grid, int x, int y, vector<int>& nums) {
int m = grid.size(), n = grid[0].size();
if (x >= 0 && x < m && y >= 0 && y < n && grid[x][y]) {
grid[x][y] = 0;
nums.push_back(x * n + y);
dfs(grid, x + 1, y, nums);
dfs(grid, x - 1, y, nums);
dfs(grid, x, y + 1, nums);
dfs(grid, x, y - 1, nums);
}
}
string serialize(vector<vector<int>>& grid, vector<int>& nums) {
int n = nums.size();
int m = grid[0].size();
string res = "";
vector<int> sx(n);
vector<int> sy(n);
vector<int> out(n);
for (int i = 0; i < 8; i++) {
int cnt = 0;
for (auto num : nums) {
int x = num / m;
int y = num % m;
// (x, y) (x, -y) (-x, y) (-x, -y)
// (y, x) (y, -x) (-y, x) (-y, -x)
sx[cnt] = i <= 1 ? x : i <= 3 ? -x : i <= 5 ? y : -y;
sy[cnt] = i <= 3 ? (i%2==0 ? y : -y) : (i%2==0 ? x : -x);
cnt++;
}
int mx = sx[0], my = sy[0];
for (auto x : sx) mx = min(mx, x);
for (auto y : sy) my = min(my, y); // (mx,my)就是左上角
for (int i = 0; i < n; i++) {
out[i] = (sx[i] - mx) * m + (sy[i] - my); // 直接用grid的宽度
}
sort(out.begin(), out.end()); // 排序
string str = "";
for (auto o : out) str += to_string(o); // 转化为字符串
if (str > res) res = str; // 保存最大的情况
}
return res;
}
int numDistinctIslands2(vector<vector<int>>& grid) {
int m = grid.size(), n = grid[0].size();
for (int i = 0; i < m; i++) {
for (int j = 0; j < n; j++) {
vector<int> nums;
dfs(grid, i, j, nums); // 获得一个遍历顺序
if (!nums.empty()) {
st.insert(serialize(grid, nums));
}
}
}
return st.size();
}